题解-Words

题面

Words

有 (n) 天，每天插入一个字符集大小为 (c) 长度为 (l) 的字符串，求每一天建立 (tt Trie) 树的期望节点数（根节点不算）模 (998244353)。

数据范围：(1le nle 10^5)，(1le c,lle 10^9)。

• Input

5 4 3

• Output

4
911976330
792083550
276733174
815453946

正解

转化问题：有一颗高度为 (l+1) 的 (c) 叉完全 (tt Trie)，从根到叶走 (n) 遍，求期望经过节点数（根节点不算）。

一层一层考虑，答案为（因为不考虑根节点，所以 (i) 从 (1) 开始）：(Ans(n)=sum_{i=1}^l a(i,n))。

考虑新的路径会不会走新节点，可以递推：

特征方程：(t=1+(1-frac{1}{c^i})tLongrightarrow t=c^i)。

带回到上面求每一天答案的式子，展开二项式 (^{color{#bcbcee}{[1]}})，交换枚举顺序 (^{color{#bceebc}{[2]}})，抵消 (^{color{#eebcbc}{[3]}})：

发现有 (i!) 和 ((n-i)!)，并且每个 (Ans(x)) 都要求，所以想到 (tt NTT)。

只需让 (f(n)=frac{(-1)^{n+1}sum_{j=1}^l left(frac{1}{c}right)^{j(n-1)}}{n!})，(g(n)=frac{1}{n!}) 卷积即可。

其中 (sum_{j=1}^l left(frac{1}{c}right)^{j(n-1)}) 可以用等比数列的公式算。

时间复杂度 (Theta(nlog))。

代码

#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;

//Start
typedef long long ll;
typedef double db;
#define mp(a,b) make_pair(a,b)
#define x first
#define y second
#define be(a) a.begin()
#define en(a) a.end()
#define sz(a) int((a).size())
#define pb(a) push_back(a)
const int inf=0x3f3f3f3f;
const ll INF=0x3f3f3f3f3f3f3f3f;

//Data
const int N=1e5;
const int mod=998244353;
int n,l,c;

//Pow
int Pow(int a,int x){
    if(!a) return 0; int res=1;
    for(;x;a=(ll)a*a%mod,x>>=1)if(x&1) res=(ll)res*a%mod;
    return res;
}

//NTT
int iv[N+1],f[N<<2],g[N<<2];
int up(int len){return 1<<int(ceil(log2(len)));}
void Getpoly(){
    for(int i=iv[0]=1;i<=n;i++) iv[i]=(ll)iv[i-1]*i%mod;
    for(int i=0;i<=n;i++) iv[i]=Pow(iv[i],mod-2);
    for(int i=0;i<=n;i++) g[i]=iv[i];
    for(int i=1;i<=n;i++){
        int ic=Pow(Pow(c,i-1),mod-2);
        int q=(ic==1)?l:(ll)ic*(Pow(ic,l)-1+mod)%mod*Pow(ic-1,mod-2)%mod;
        f[i]=(ll)iv[i]*q%mod*((i&1)?1:mod-1)%mod;
    }
}
const int G=3,iG=332748118;
int lim,r[N<<2];
void NTT(int a[],int t){
    for(int i=0;i<lim;i++)if(i<r[i]) swap(a[i],a[r[i]]);
    for(int mid=1;mid<lim;mid<<=1){
        int wn=Pow(t==1?G:iG,(mod-1)/(mid<<1));
        for(int j=0;j<lim;j+=(mid<<1))
            for(int w=1,k=j;k<mid+j;w=(ll)w*wn%mod,k++){
                int x=a[k],y=(ll)w*a[mid+k]%mod;
                a[k]=(x+y)%mod,a[mid+k]=(x-y+mod)%mod;
            }
    }
    if(t==-1){
        int ilim=Pow(lim,mod-2);
        for(int i=0;i<lim;i++) a[i]=(ll)a[i]*ilim%mod;
    }   
}
void Mulpoly(){
    lim=up(n+n);
    for(int i=0;i<lim;i++) r[i]=(r[i>>1]>>1)|((i&1)*lim>>1);
    NTT(f,1),NTT(g,1);
    for(int i=0;i<lim;i++) f[i]=(ll)f[i]*g[i]%mod;
    NTT(f,-1);
}

//Main
int main(){
    ios::sync_with_stdio(0);
    cin.tie(0),cout.tie(0);
    cin>>n>>l>>c;
    Getpoly(),Mulpoly();
    for(int i=1,fa=1;i<=n;i++) fa=(ll)fa*i%mod,f[i]=(ll)f[i]*fa%mod;
    for(int i=1;i<=n;i++) cout<<f[i]<<'n';
    return 0;
}

祝大家学习愉快！